1) Сурет түсін өңдеуде RGB қисықтарын қалай қолданамыз? 2) Photo-Brush-та берілген әсерлер суреттің сапасын өзгертуге қаншалықты ықпал етеді? 3) Эффект (Әсер) тақтасында орналасқан әсерлердің күшті және әлсіз жақтары жайлы не айта аласың?
1. Установим допустимые сочетания двух последних битов (битов четности). Если в N было четное количество единиц, то дописывается ноль. Поскольку ноль не меняет количества единиц, второй бит четности тоже будет нулевым. Правило №1: Если в двоичном представлении четное количество единиц, то дописывается 00. Если в N было нечетное количество единиц, то дописывается единица. Это меняет количество единиц на четное, поэтому второй бит четности будет нулевым. Правило №2: Если в двоичном представлении нечетное количество единиц, то дописывается 10.
Первое число R, большее 180, это 181. Переведем его в двоичную систему счисления. 181₁₀ = 10110101₂ Мы видим, что оба наших правила нарушены, т.е. число 181 не подходит в качестве R. Представление N (101101) содержит четное количество единиц, а для четного количества действует Правило №1 и мы должны записать 00, что уменьшит наше минимально возможное число R=181₁₀ Но если мы в числе N поменяем местами два правых бита, получим число 101110, которое больше чем 101101 и теперь по все тому же Правилу №1 мы получаем право приписать два нолика и получить R=10111000₂ = 184₁₀
Если в N было четное количество единиц, то дописывается ноль. Поскольку ноль не меняет количества единиц, второй бит четности тоже будет нулевым. Правило №1: Если в двоичном представлении четное количество единиц, то дописывается 00.
Если в N было нечетное количество единиц, то дописывается единица. Это меняет количество единиц на четное, поэтому второй бит четности будет нулевым. Правило №2: Если в двоичном представлении нечетное количество единиц, то дописывается 10.
Первое число R, большее 180, это 181. Переведем его в двоичную систему счисления.
181₁₀ = 10110101₂
Мы видим, что оба наших правила нарушены, т.е. число 181 не подходит в качестве R.
Представление N (101101) содержит четное количество единиц, а для четного количества действует Правило №1 и мы должны записать 00, что уменьшит наше минимально возможное число R=181₁₀
Но если мы в числе N поменяем местами два правых бита, получим число 101110, которое больше чем 101101 и теперь по все тому же Правилу №1 мы получаем право приписать два нолика и получить R=10111000₂ = 184₁₀
Вход G(5), вызов F(4)+2G(4)
Вход F(4), вызов 2F(3)-G(3)
Вход F(3), вызов 2F(2)-G(2)
Вход F(2), вызов 2F(1)-G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(2), вызов F(1)+2G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(3), вызов F(2)+2G(2)
Вход F(2), вызов 2F(1)-G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(2), вызов F(1)+2G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(4), вызов F(3)+2G(3)
Вход F(3), вызов 2F(2)-G(2)
Вход F(2), вызов 2F(1)-G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(2), вызов F(1)+2G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(3), вызов F(2)+2G(2)
Вход F(2), вызов 2F(1)-G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(2), вызов F(1)+2G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход F(5), вызов 2F(4)-G(4)
Вход F(4), вызов 2F(3)-G(3)
Вход F(3), вызов 2F(2)-G(2)
Вход F(2), вызов 2F(1)-G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(2), вызов F(1)+2G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(3), вызов F(2)+2G(2)
Вход F(2), вызов 2F(1)-G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(2), вызов F(1)+2G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(4), вызов F(3)+2G(3)
Вход F(3), вызов 2F(2)-G(2)
Вход F(2), вызов 2F(1)-G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(2), вызов F(1)+2G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(3), вызов F(2)+2G(2)
Вход F(2), вызов 2F(1)-G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
Вход G(2), вызов F(1)+2G(1)
Вход F(1), результат 1
Вход G(1), результат 1
-14