6ИТЕ АЛГЕБРА 7 КЛАСС 12 Два человека одновременно отправляются из одного и того же места по одной дороге на прогулку до опушки леса, находящейся з 3.3 км от места отправления Один идёт со скоростью 3,2 км/ч, а другой — со скоростью 3,4 кмч Дойдя до опушки, второй с той же скоростью возвращается обратно На каком расстоянии от точки отправления произойдёт их встреча? 13 Запишите уравнение прямой, проходящей через точку пересечення прямых 2х-y-3= 0 и x+y= 3, и параллельной графику уравнения 4(y-1) - х = 2(x+y) + 4. Постройте график полученного уравнения.
Раскрываем знак модуля по определению 1)если 2х²-4≥0, |2x²-4|=2x²-4 Уравнение принимает вид 2x²-4=3x-3 2x²-3x-1=0 D=9+8=17 x₁=(3-√17)/4 x₂=(3+√17)/4 Проверяем будет ли выполняться условие 2х²-4≥0⇔2(х²-2)≥0 х∈(-∞;-√2]U[√2;+∞) Так как (3-√17)/4 <0, то сравним это число с -√2 Пусть (3-√17)/4 > -√2 или 3 - √17 >- 4√2 3+4√2>√17 - верно Значит х₁ не является корнем
Так как (3+√17)/4 >0, то сравним это число с √2 Пусть (3+√17)/4 > √2 или 3 + √17 > 4√2 Возведём в квадрат 9+6√17+17>14·2 6√17>28-26 - верно Значит х₂ является корнем уравнения и принадлежит промежутку [√2;+∞)
2) если 2х²-4<0, то |2x²-4|=-2x²+4 -2х²+4=3х-3 или 2x²+3x-7=0 D=9+56=65 x₃=(-3-√65)/4 x₄=(-3+√65)/4 Проверяем выполняется ли условие 2х²-4<0 или -√2 < x < √2 Так как х₃ < 0, то сравниваем х₃ с -√2 Пусть (-3-√65)/4 > -√2 или -3 - √65 > -4√2, 4√2> 3 + √65 - верно, значит х₃∉(-√2;√2) и не является корнем уравнения Так как х₄ > 0, cравниваем х₄ с √2 Пусть (-3+√65)/4 <√2 или -3 + √65 < 4√2, √65 < 4√2+ 3 - верно, значит х₄∈(-√2;√2) и является корнем уравнения ответ. x=(3+√17)/4 x=(-3+√65)/4
Приметим сразу что тк p>2,то оно нечетно, а значит и c нечетно.
Тогда уравнение:
a*x^2+b*x+c=p (должно иметь корень 10, а другой корень будет рационален и иметь вид k/2a ,где k-целое число)
Предположим ,что b^2-4ac -полный квадрат, но это значит ,что уравнение:
a*x^2+bx+с=0 имеет рациональные корни вида x1=k1/2a и x2=k2/2a.(k1,k2-целые числа).
То есть справедливо разложение на множители: a*x^2+bx+c=a*(x-k1/2a)*(x-k2/2a)
Так же приметим ,что по теореме
Виета тк :a,b,c-цифры a>0;b>0;c>0
-b/a=x1+x2<0 c/a=x1*x2>0 .Тк произведение корней положительно, то каждый из них либо положительный либо отрицательный, но тк их сумма отрицательна, то каждый из корней отрицателен. Из этого следует, что -k1>0 ;-k2>0
Таким образом уравнение:
a*x^2+b*x+c=p
Может быть записано в виде:
a*(x-k1/2a)*(x-k2/2a)=p
Мы знаем, что 10-корень этого уравнения ,тогда:
a*(10-k1/2a)*(10-k2/2a)=p
(20a-k1)*(20a-k2)=4*a*p
Сразу приметим что a не равно 0,тк первая цифра не бывает нулем.
Пусть a-является нечетным:
а=1,3,5,7,9
Заметим, что все числа кроме 9 делятся только на себя или на 1. То есть либо простое ,либо равно 1.
Предположим, что a-нечетное и не равно 9. Тогда в любом случае хотя бы одно из слагаемых: 20a-k1 или 20a-k2 делится на a,то есть хотя бы одно из чисел k1 или k2 делится на a,тк 20a делится на a.
Тогда возьмем произвольно k1=a*r
r-целое число.
Тогда:
(20-r)*(20a-k2)=4*p
Предположим, что оба числа r и k2 кратны 2: r=2f1 ; k2=2f2
(10-f1)*(10*a-f2)=p
Тогда, тк -f1>0 и -f2>0
(10-f1)>10
(10*a-f2)>10
Но тк число p простое , то одно из выражений (10-f1) и (10*a-f2) равно p, а другое 1, но 1<10 ,то есть такое невозможно.
Аналогично ,если предположить, что только одно из чисел r и k2 кратно 2. То это же число должно быть кратно 4. То есть будет разложение: (5-f3)*(20a-k2)=p ,либо
(5a-f3)*(20a-k1)=p ,но опять же 1<5<20. Поэтому такое так же невозможно.
Рассмотрим теперь случай когда a=9. Случай когда одно из слагаемых 20a-k1 или 20a-k2 делится на 9 отпадает по аналогии с предыдущим. Нас интересует тот случай когда обе скобки делятся на 3. В этом случае, тк a=9 делится на 3, то k1 и k2 делятся на 3. k1=3f1;
k2=3f2.
(60-f1)*(60-f2)=4p
По аналогии с предыдущим случаем тк 60>20 и 60 делится на 4, то здесь и подавно такое невозможно.
Теперь рассмотрим случай когда a-четно. a=2,4,6,8.
(20a-k1)*(20a-k2)=4*a*p
Тут можно обосновать так. Пусть a=2^r *f f нечетно. Тогда это можно записать так:
(20*2^r * f-k1)*(20*2^r * f-k2)=4*2^r *f*p
Тк f нечетно, то можно провести те же рассуждения что и с нечетными a, только количество итераций половинного деления будет больше. Но сколько бы итераций не было , в любом случае минимальное число что получится в скобке в любой из итераций будет равно 20*2^r/4*2^r=5>1 или 5f>1. Таким образом мы доказали пришли к противоречию :b^2-4ac не может быть полным квадратом, если число abc простое .
1)если 2х²-4≥0, |2x²-4|=2x²-4
Уравнение принимает вид
2x²-4=3x-3
2x²-3x-1=0
D=9+8=17
x₁=(3-√17)/4
x₂=(3+√17)/4
Проверяем будет ли выполняться условие
2х²-4≥0⇔2(х²-2)≥0 х∈(-∞;-√2]U[√2;+∞)
Так как (3-√17)/4 <0, то сравним это число с -√2
Пусть
(3-√17)/4 > -√2
или
3 - √17 >- 4√2
3+4√2>√17 - верно
Значит х₁ не является корнем
Так как (3+√17)/4 >0, то сравним это число с √2
Пусть
(3+√17)/4 > √2
или
3 + √17 > 4√2
Возведём в квадрат
9+6√17+17>14·2
6√17>28-26 - верно
Значит х₂ является корнем уравнения и принадлежит промежутку [√2;+∞)
2) если 2х²-4<0, то |2x²-4|=-2x²+4
-2х²+4=3х-3
или
2x²+3x-7=0
D=9+56=65
x₃=(-3-√65)/4
x₄=(-3+√65)/4
Проверяем выполняется ли условие
2х²-4<0
или
-√2 < x < √2
Так как х₃ < 0, то сравниваем х₃ с -√2
Пусть
(-3-√65)/4 > -√2
или
-3 - √65 > -4√2,
4√2> 3 + √65 - верно, значит х₃∉(-√2;√2) и не является корнем уравнения
Так как х₄ > 0, cравниваем х₄ с √2
Пусть
(-3+√65)/4 <√2
или
-3 + √65 < 4√2,
√65 < 4√2+ 3 - верно, значит х₄∈(-√2;√2) и является корнем уравнения
ответ.
x=(3+√17)/4
x=(-3+√65)/4
Пусть: 100*a+10*b+c=p (трехзначное простое число.(a,b,c -цифры)
Приметим сразу что тк p>2,то оно нечетно, а значит и c нечетно.
Тогда уравнение:
a*x^2+b*x+c=p (должно иметь корень 10, а другой корень будет рационален и иметь вид k/2a ,где k-целое число)
Предположим ,что b^2-4ac -полный квадрат, но это значит ,что уравнение:
a*x^2+bx+с=0 имеет рациональные корни вида x1=k1/2a и x2=k2/2a.(k1,k2-целые числа).
То есть справедливо разложение на множители: a*x^2+bx+c=a*(x-k1/2a)*(x-k2/2a)
Так же приметим ,что по теореме
Виета тк :a,b,c-цифры a>0;b>0;c>0
-b/a=x1+x2<0 c/a=x1*x2>0 .Тк произведение корней положительно, то каждый из них либо положительный либо отрицательный, но тк их сумма отрицательна, то каждый из корней отрицателен. Из этого следует, что -k1>0 ;-k2>0
Таким образом уравнение:
a*x^2+b*x+c=p
Может быть записано в виде:
a*(x-k1/2a)*(x-k2/2a)=p
Мы знаем, что 10-корень этого уравнения ,тогда:
a*(10-k1/2a)*(10-k2/2a)=p
(20a-k1)*(20a-k2)=4*a*p
Сразу приметим что a не равно 0,тк первая цифра не бывает нулем.
Пусть a-является нечетным:
а=1,3,5,7,9
Заметим, что все числа кроме 9 делятся только на себя или на 1. То есть либо простое ,либо равно 1.
Предположим, что a-нечетное и не равно 9. Тогда в любом случае хотя бы одно из слагаемых: 20a-k1 или 20a-k2 делится на a,то есть хотя бы одно из чисел k1 или k2 делится на a,тк 20a делится на a.
Тогда возьмем произвольно k1=a*r
r-целое число.
Тогда:
(20-r)*(20a-k2)=4*p
Предположим, что оба числа r и k2 кратны 2: r=2f1 ; k2=2f2
(10-f1)*(10*a-f2)=p
Тогда, тк -f1>0 и -f2>0
(10-f1)>10
(10*a-f2)>10
Но тк число p простое , то одно из выражений (10-f1) и (10*a-f2) равно p, а другое 1, но 1<10 ,то есть такое невозможно.
Аналогично ,если предположить, что только одно из чисел r и k2 кратно 2. То это же число должно быть кратно 4. То есть будет разложение: (5-f3)*(20a-k2)=p ,либо
(5a-f3)*(20a-k1)=p ,но опять же 1<5<20. Поэтому такое так же невозможно.
Рассмотрим теперь случай когда a=9. Случай когда одно из слагаемых 20a-k1 или 20a-k2 делится на 9 отпадает по аналогии с предыдущим. Нас интересует тот случай когда обе скобки делятся на 3. В этом случае, тк a=9 делится на 3, то k1 и k2 делятся на 3. k1=3f1;
k2=3f2.
(60-f1)*(60-f2)=4p
По аналогии с предыдущим случаем тк 60>20 и 60 делится на 4, то здесь и подавно такое невозможно.
Теперь рассмотрим случай когда a-четно. a=2,4,6,8.
(20a-k1)*(20a-k2)=4*a*p
Тут можно обосновать так. Пусть a=2^r *f f нечетно. Тогда это можно записать так:
(20*2^r * f-k1)*(20*2^r * f-k2)=4*2^r *f*p
Тк f нечетно, то можно провести те же рассуждения что и с нечетными a, только количество итераций половинного деления будет больше. Но сколько бы итераций не было , в любом случае минимальное число что получится в скобке в любой из итераций будет равно 20*2^r/4*2^r=5>1 или 5f>1. Таким образом мы доказали пришли к противоречию :b^2-4ac не может быть полным квадратом, если число abc простое .